Презентация к уроку.
Download
Report
Transcript Презентация к уроку.
y
0
2
x
Работа учеников
11 «А» класса
гимназии №5
Научный руководитель,
учитель высшей категории,
Калинина Елена Петровна
Содержание.
1.Теоретический материал.
2.Основные методы решения.
3.Нестандартные методы решения.
4.Тренировочный материал по теме.
Основные формулы решения
тригонометрических уравнений.
Определения arccos, arcsin
Определения arctg, arcctg
Формулы для решения
тригонометрических уравнений
Тождественные преобразования
Частные случаи
Определение
arcsin a,
arccos a
• Пусть число |a| не
превосходит 1. arcsin
числа а называется
угол х, лежащий в
пределах [-π/2;π/2],
sin которого равен а
• x=arcsin a, где
x⍷[π/2;π/2] и
sinx=a, |a|<1
• Пусть число |a| не
превосходит 1. arccos
числа а называется
угол х, лежащий в
пределах [0;π],cos
которого равен а
• x=arccos a, где
x⍷[0;π] и cosx=a,
|a|<1
Определение
arctg
arcctg
• arctg числа а
называется угол
х, лежащий в
пределах
(-π/2;π/2),tg
которого равен а
• x=arctg a, где
x⍷(π/2;π/2) и
tgx=a.
• arcctg числа а
называется угол
х,лежащий в
пределах
(0;π),ctg
которого равен а
• x=arcctg a, где
x⍷(0;π) и ctgx=a,
Формулы для решения
тригонометрических уравнений
• Sin x a, x (-1 ) arcsin a n, n Z
n
• cos x a, x arccos a 2 n , n Z
•tg x a, x arctg a n, n Z
•ctg x a, x arcctg a n, n Z
Тождественные преобразования
• Sin (arcsin a) a, | a | 1
• Arcsin(sin x) x, x 2; 2
• Arcsin(-a) -arcsina
• Cos(arccosa) a, | a | 1
• arccos(cosx) x, x 0;
• Arccos(-a) - arccosa
• t g (arct ga) a,
• Arct g(t gx) x,
• Arct g(-a) -arct ga
• Ct g(arcct ga) a,
• arcct g(ct gx) x,
Arcct g(-a) - arcct ga
Частные случаи
•
•
•
•
•
•
•
•
Sin x=1,x=π/2+2πn
Sin x=-1,
x=-π/2+2πn
Sin x=0,x=πn
cos x=1,x=2πn
cos x=-1,
x=2πn+ π
cos x=0,x=π/2+πn
• Во всех случаях n Z
tg x=0,x=πn
• ctg x=0,x=π/2+πn
y
2
0
3
2
x
2.СПОСОБЫ РЕШЕНИЯ
ТРИГОНОМЕТРИЧЕСКИХ УРАВНЕНИЙ.
1).Уравнения приводимые к алгебраическим.
2). Уравнения решаемые приведением
к виду f ( x) g ( x) 0
3).Однородное уравнение.
4). Понижение степени. Уравнения с использованием
1 cos 2 x
и sin x
.
2
5). Уравнения содержащие различные функции
6).Уравнения с условиями
1 cos 2 x
формул cos x
2
2
2
1).Уравнения приводимые к алгебраическим.
2
Уравнения вида sin x sin x c 0 решаются
заменой sin x на a при a 1 ,далее решение сводится
к решению квадратного уравнения относительно a ,затем
происходит отбор полученных корней с учетом a 1
Пример: 2 sin 2 x 3sin x 2 0
заменим sin x на a при a 1
2
2a 3a 2 0
D 25
a 0,5; a 2
a 2 не удовлетворяет условию
sin x 0,5; x (1)
n
Ответ: x ( 1)
n
6
6
n; n Z
n; n Z
2).Уравнения решаемые приведением к
виду f ( x) g ( x) 0
Пример: sin x sin 2 x sin 3x 0
2 sin 2 x cos x sin 2 x 0
sin 2 x(2 cos x 1) 0
sin 2 x 0
n
x
;n Z
2
2 cos x 1 0
1
cos x
2
1
x ar cos( ) 2n; n Z
2
2
x
2n; n Z
3
3).Однородное уравнение
a sin x b cos x 0 однородное уравнение первого порядка
однородное уравнение
второго порядка.
Данные уравнения решаются делением каждого члена
2
2
sin
x
cos
x , так как sin x 0 и
уравнения на
или на
cos x 0 .Если быsin x 0 , то это противоречило основному тригонометрическому тождеству sin 2 x cos2 x 1
Пример: sin 2 x 2 sin x cos x 3 cos2 x
2
2
делим на cos x , получим 3 2tgx tg x 0
2
a
2a 3 0; D 4 12 16
tgx
заменим
на a
a sin 2 x b sin x cos x c cos2 x 0
вернемся к замене
a1 1; a2 3
tgx 3
или tgx 1
x arctg3 n;
x / 4 n; n Z .
4).Понижение степени. Уравнения с использованием
1 cos 2 x .
1 cos 2 x и 2
формул
2
sin x
cos x
2
2
Пример: cos2 x cos2 2x cos2 3x cos2 4x 0
применим формулу
1 cos 2 x
cos 2 x cos 4 x cos 6 x cos 8 x
cos x
(
)0
2
2
2
далее группируем и по формулам
ab
a b
cos a cos b 2 sin
sin
sin 6 x sin 2 x sin 4 x sin 2 x 0
2
2
ab
a b sin 2 x(sin 6 x sin 4 x) 0
cos a cos b 2 cos
cos
2
2
sin 2 x 0 или sin 6 x sin 4 x 0
ab
a b
применяем sin a sin b 2 sin 2 cos 2
получим
2 sin 5 x cos x 0 cos x 0 или sin 5 x 0.
5).Уравнения содержащие различные функции.
Пример: tgx(sin x 1) 0
область определения уравнения x n; n Z
2
sin x 1
tgx 0
или
3
x n; n Z
x
2n; n Z
2
не удовлетворяет
x
2
n; n Z
Значит решением уравнения является
x n; n Z .
6).Уравнения с условиями
Найти число корней на интервале ( ; )
8 cos4 x 11cos 2 x 1
заменим
8 cos4 x 11(2 cos2 x 1) 1
4t 2 11t 6 0
t1
cos2 x на t где 0 t 1
3
; t2 2
4
3
3
вернемся к замене cos x
или cos x
2
2
Получим 4 серии корней
x ( / 6) 2n; n Z
x (5 / 6) 2n; n Z
Объединим 4 серии корней в 2 серии
x ( / 6) n, n Z
Отберем корни принадлежащие интервалу
6
n ; n Z
7
5
n
6
6
n 1;0; x
6
;x
5
6
6
n ; n Z
5
7
n
6
6
n 0;1; x
6
;x
5
6
2) СПОСОБ РЕШЕНИЯ С ПОМОЩЬЮ
ЕДИНИЧНОЙ ОКРУЖНОСТИ
Мы видим, что ( ; )
4 корня
2
5
6
y
6
5
6
0
2
6
x
3.Нестандартные методы решения.
а) Использование ограниченности функций.
б)Использование производной для решения
уравнений.
в) Использование свойств синуса и косинуса.
г) Использование числовых неравенств.
д) Решение тригонометрических систем с
параметром.
е) упражнения и ответы.
а).Использование ограниченности функций.
Пример № 1:
7
5
Решим уравнение cos x sin x 1
Поскольку cos2 x sin 2 x 1 то,
cos7 x sin 5 x cos2 x sin 2 x тогда
cos x cos x 1 sin x 1 sin x
2
5
cos
x
cos
x 1 ,0
Для любых x имеем
2
3
а sin x1 sin x 0 поэтому уравнение
2
5
2
3
равносильно системе уравнений
cos2 x cos5 x 1 0 множество решений которой
2
3
sin
x
1
sin
x 0 совпадает с множеством решений
совокупности систем уравнений
cos x 0 cos x 1 Ответ: 2n, n Z ; 2 n, n Z
.
2
sin x 1 и sin x 0
б).Использование производной для решения
уравнений.
При решении уравнений часто бывает полезно доказать
возрастание (убывание) на некотором промежутке
функций, в него входящих.При этом часто пользуются
производной.
Пример №1. Решить уравнение
20x7 28x5 210x 35sin 2 x 0
7
5
f
(
x
)
20
x
28
x
210x 35sin 2x
Рассмотрим функцию
Поскольку эта функция на интервале X (;) , имеет
производную f ' ( x) 140x6 140x 4 210 70cos2x,
которая положительна на этом интервале, то функция
f (х) возрастает на интервале Х. Так как функция f
непрерывна на Х, то каждое своё значение она принимает
только в одной точке. Значит f (х)=0 имеет не более
одного корня. Число х1=0 является корнем f (х)=0.
Поскольку функция f непрерывна и возрастает, то f (х)=0
при х=0.
Ответ:0.
г).Использование свойств синуса и косинуса.
Пример№1. Решим уравнение sin x cos 4 x 1
Если число х 0 - решение уравнения, то либо sin x0 1 ,
либо sin x0 1 . Действительно, если бы было
справедливо неравенство sin x0 1 , то из уравнения
следовало бы, что cos4x0 1 , что естественно, невозможно. Но если sin x0 1 , то cos 4 x0 1; если же sin x0 1 ,
то cos 4 x0 1. Следовательно, любое решение уравнения
является решением совокупности двух систем уравнений
Первое уравнение первой
sin x 0 1
sin x0 1
и
системы имеет решения
cos
4
x
1
0
xk ( / 2) 2 , Z
cos 4 x0 1
Все они удовлетворяют второму уравнению. То есть
являются решениями системы. Первое уравнение второй
системы имеет решения xk ( / 2) 2, Z . Ни одно из
этих чисел не удовлетворяет второму уравнению второй
системы. Поэтому система не имеет решений.
Ответ: xk ( / 2) 2 , Z .
xk
2 , Z
Решением первой системы является
2
решением второй системы является xn 2n, n Z
Все эти решения являются решениями совокупности
систем.
Ответ: x k 2 , Z ; x k 2 , Z .
2
,
.
2
Пусть множество М есть общая часть (пересечения)
областей существования функций f(x) и g(x) и пусть для
любого x M справедливы неравенства f(x) А и
g(x) А, где А - некоторое число. Тогда неравенство
f(x) g(x) равносильно системе уравнений f ( x) A
g ( x) A
Пример № 2. Решим уравнение 3 cos4 2 x 2 sin 5 x 5
Если число х0 - решение уравнения, то cos2x0 1 , так как
в противном случае было бы справедливо неравенство
sin 5x0 1 , что невозможно. Но если cos2x0 1 , то из
уравнения следует, что sin x0 1 . Поэтому любое
решение уравнения является решением системы
уравнений sin x 1
Первое уравнение системы
cos 2 x 1
xk
2 , Z
имеет решения
.
2
Все они удовлетворяют второму уравнению системы, т.е.
являются всеми решениями системы и равносильного ей
уравнения.
x k 2 , Z
Ответ:
.
2
д). Использование числовых неравенств.
Иногда применение того или иного числового
неравенства к одной из частей уравнения позволяет
заменить его равносильной системой уравнений.
Часто применяется неравенство между средним
арифметическим и средним геометрическим :
ab
ab , где a 0, b 0
2
(причём равенство здесь возможно лишь при a=b),
и его следствие: a 1 2, где a 0 (1)
a
2x
x
x
x
Пример № 1. Решить уравнение 2 2
2 cos
(2)
6
Решение. Область определения:x-любое.
Применив неравенство (1),получим, что справедливо
x
x
неравенство 2 2 2 (3) .
x2 x
2 (4)
Для любого x справедливо неравенство 2 cos
6
Из справедливости неравенств (3) и (4) следует, что
уравнение (2) превращается в верное равенство лишь для
тех х для которых обе части уравнения (2)равны 2, т.е. для
х удовлетворяющих системе:
2 x 2 x 2
x2 x
cos
1
6
x 0
(5).
x 0.
x2 x
1
cos
6
1
2 x 2; замена 2 x a, a 0; a 2 2a 1 0, 2 x 1 x 0.
2
Ответ:х=0.
x
cos 2 x
x 2
Пример №2.
2sin x
1 4 2
2
2
(6)
Решить уравнение 2
Применяя неравенство между средним арифметическим
и средним геометрическим 2 раза получим что для любого
х справедливы неравенства:
2
2
2
sin 2 x
2
2 2
2
2 2
(cos 2 x ) / 2
2 2
sin 2 x (cos 2 x ) / 2
2
sin 2 x
2 2
2 (cos 2 x ) / 2
2 21 / 2
1
4
1 4 2
22 2
Значит уравнение (6)превращается в верное равенство лишь
для тех х, для которых применённое неравенство
выполняется оба раза со знаком равенства, т.е. при условии
2
sin 2 x
2
(cos 2 x ) / 2
sin x (cos2 x)2
2
т.к. sin 2 a (1 cos 2a) / 2, т о cos 2 x 1 / 2
Решением уравнения cos2x=1/2 (7) есть числа
x
6
n, n Z .
Уравнение (6) равносильно уравнению (7)значит все
решения уравнения (7) являются решениями уравнения (6).
Ответ: x n, n Z .
6
2
cos2 x sin 8 x
2
2
2
cos
x
(8).
8
2
sin x cos x
4
Пример №3.
Решить уравнение
Пусть число x0 есть любое решение уравнения (8). Тогда
2
8
2
cos
x
sin
x
2
справедливо
2
0
0
8
sin x0
2
cos x0
2 cos
4
x0 .
Применяя неравенство (1), получим что справедливо
неравенство
2
8
cos x0 sin x0
. В то же время справедливо
2
8
2
sin x0 cos x0
2
2
2
2
cos
(
/
4
)
x
0 2 .Следовательно,
неравенство
любое решение уравнения (8)
2
8
cos
x
sin
x
является решением системы
2
8
2
sin x cos x
cos2 ( 2 / 4) x 2
(9).
x и x2
Решая систему получим 1 2
2 .
Уравнение (8) равносильно системе (9) и имеет те же
решения.
;
Ответ:
2
2
е) Решение тригонометрических систем с
параметром.
Пример: Установить, при каких значениях а система
2
2
уравнений имеет решение.
sin x cos 2 y a 1 1
Найти все решения.
cos x sin 2 y a 1
Так как левые части уравнений не превышают 1, то
2
2
можно иметь решение только при а,
a 1 1 1
удовлетворяющих системе неравенств.
a 1 1
Этой системе удовлетворяет только а= 1 .
Итак, система принимает вид: sin x cos2 y 1
cos x sin 2 y 0
Складывая и вычитая почленно уравнения системы
sin x 2 y 1
cos x sin 2 y sin x cos2 y 1 sin x 2 y 1
n
y
x
n
Решением системы является:
;
получаем:sin x cos2 y cos x sin 2 y 1
2
2
ж).Упражнения и ответы.
Решите уравнение:
1)
2)
cos x sin x 1
xn 2n, n Z
Ответ:
;
x k 2 , Z
2
8
7
2 sin 2 x 5 cos 4 x 7 Ответ: , Z
5
3
4
2
3) 3 sin 2 x 7 cos 4 x 10
Ответ: 4 , Z
2 , Z
4) sin x cos 8 x 1
Ответ:
2
3
4
2
cos2 2 x sin 8 x
2
2
5)
2
cos
x
4
sin 8 x cos2 2 x
Решите неравенство:
12x 5 10x 3 35x 17sin 2 x 0
Ответ:
;
2 2
Ответ:
0;
4.Тренировачный материал по теме.
1 вариант.
2 вариант.
3 вариант.
4 вариант.
Ответы к тестам.
3 вариант.
2
1. 2 cos x 5 sin x 4 0
n
а) (1) n, n z ;б) n, n z ;в) 2n, n z ;г) n, n z
3
6
6
6
2
4
sin
x sin 2 x 3
2.
arctg3 k , k z
arctg3 2k , k z
а) n, n z
;б) n, n z ; в)
;
n
,
n
z
4
4
4
г) n, n z .
4
2 x
3. 2 cos 2 sin x 0
в) 2 n, n z ;
2
n
,
n
z
k , k z
а) 2
;б)
; г) n, n z .
2k , k z
n, n z
2
4.
sin x sin 3x sin 5 x sin 7 x 0
n
а) 2 , n z ;б)
n
k
,n z
n
n, n z
4
, k z ;в) 4
;г)
2
2k , k z
k , k z
2
5. Число корней уравнения cos 2 x sin 4 x cos x sin 5 x
на интервале ( ; ) равно: а) 5; б) 4; в) 3; г) 7;
6.
Найдите наименьший положительный корень
уравнения cos 2 x 5 sin x 3 0
а)
3
;б)
6
;в)
4
;г).
2 вариант.
2
3
sin
2 x 7 cos2 x 3 0
n
1.
n
(
1
)
n,
n
4 2
а) n, n z ;б) , n z ;в) 2n, n z ;г)
4
4
4
2
n z
2. sin x sin 2 x 3 cos x
2
2
arctg3 n, n z
а)
4
k , k z
;б)arctg5 n, n z ;в)
г) arctg 3 n, n z
2n, n z
4
2k , k z
;
3. 3 cos x 2 sin 2 x 0
2k , k z .
4
n, n z
3
arccos 2k , k z;
а)
;б)
;в)
3
k
1
3
4
( 1) k arcsin k , k z (1) arcsin 4 k , k z
2
4
2
г)
2
n, n z
.
4. cos2 x cos2 2 x cos2 3x cos2 4 x 2
k
n
,k z
а)
, n z ;б) k , k z ;в) 4
10 5
6
5
n
2
k
;г)4 , k z
n
,n z
10
5.Число корней уравнения 2 sin x ctgx 0
3
(
; )
на интервале
равно:
2 2
а).
1
б).
0
в).
2
г).
6.
Найдите наибольший отрицательный корень
уравнения cos 2 x 3 cos x 1
2
5
а). 3
б).
в).
г).
3
6
6
5
,n z
3
1 вариант.
1.2 cos x 2 2 sin x 3 0
n
n
n, n z
n, n z в).(1)
а). n, n z б). (1)
3
6
6
г). 2n, n z
6
2
2
2
3
cos
x
5
sin
x sin 2 x 0
2.
а).
3
arctg k , k z
5
4
n, n z
3
2n, n z
б). arctg 2k , k z в). 4
5
arctg0,6 2k , k z
г).
x
2n, n z
1
4
x
4
cos
sin
3.
3
3
2
3
1
2k , k z 3n, n z
а).6n, n z б). 4
в).
г). 3 n, n z
3
3n, n z
3k , k z
2
4. cos 7 x sin 8 x cos 3x sin 2 x
k
k
,k z
,k z
k
5
,k z
5
а). 2n
б).10
в).
,n z
n, n z
10
5
2
n, n z
2
2m, m z
2n
,n z
5
2
20
2m
,m z
5
k , k z
г). 20
4
5.Число корней уравнения sin 3 x cos3 x 1 sin x cos x
на интервале (2 ; ] равно:
а).
9
б).
4
в).
6
г).
3
6.
Найдите наименьший положительный корень
уравнения 3 cos2 x 3 2 cos x 0
1
3
а).
б).
в).
г).
4
4
4
( 1) k
4 вариант.
1. cos 2 x 5 sin x 3 0
а). (1)
г).
n
3
n, n z б).(1)
n 1
6
n, n z в).
6
2n, n z
n, n z
3
2
2. 2 sin 4 x 3sin 2 x 1
1
1 n
1
а).2arctg2 n, n z б). arctg 2 n, n z в). 2 arctg 2 2 , n z
2
1
г). arctg 2 2n, n z
2
x
x
sin
cos 1
2
2
3.
n, n z
2
n
,
n
z
а).
б). 2n, n z в).
4 4k , k z
2 4k , k z г).2 4n, n z
2
4. sin 2 3x sin 2 4 x sin 2 5x sin 2 6 x
k
n
n
а).
9
, n z б). 2
,k z
n, n z
г).
k
,n z
в). 4
n
k
,n z
,k z
9
9
9
,k z
4
4
sin
x
cos
x 1
5. Число корней уравнения
на интервале (0;3 ) равно:
а).
5
б).
2
в).
6
6.
Вычислите сумму корней уравнения,
sin 2 x cos 5 x sin 3x cos 4 x 0
лежащих на отрезке [ ; ]
а).
б). 2
в). 0
г).
г).
3
Ответы к тестам.
Вариант1 Вариант2 Вариант3 Вариант4
№1
б)
Б
А
Б
№2
А)
А
А
В
№3
В)
Б
Б
А
№4
А)
Г
В
Б
№5
Б
В
Г
Г
№6
г
А
б
В