Transcript Новые критерии оценивания работ учащихся при сдаче ЕГЭ по

Для заданий с развернутым ответом предложены
усовершенствованные системы оценивания:
• так, при записи правильного ответа, но без каких-либо
объяснений и указаний на явления и законы нельзя будет
получить даже балл.
В расчетных задачах изменены требования к полному верному
ответу:
Решение части задач, как правило, сопровождается рисунком с
указанием различных физических величин (задачи по
кинематике, динамике, геометрической оптике).
В новых требованиях будет указываться обязательное наличие
рисунка (например, с правильным построением изображения
или верным указанием всех действующих на тело сил), а ошибка
в рисунке приведет к снижению максимального балла за
предъявленное решение.
• Кроме того, от тестируемых потребуется словесное
указание названия всех вновь вводимых при решении
задачи физических величин. Как показывает практика
проверки заданий с развернутым ответом, без таких
указаний невозможно отличить содержательную ошибку в
формуле (законе) от случайной ошибки в математических
преобразованиях.
• Наиболее существенным изменением является требование
(пока лишь для части из задач) записи комментариев,
обосновывающих использование указанных в решении
законов и формул для ситуации данной конкретной задачи.
Так, от экзаменуемых потребуется указание на физическую
модель, которую можно применить в описываемой
ситуации и комментарии, обосновывающем, почему можно
применить именно эту модель с соответствующим набором
законов и формул.
Общее в критериях
оценивания знаний
Новое в критериях
оценивания знаний
С1
С1
Приведено полное
правильное решение,
включающее ответ;
рассуждения, приводящие к
правильному ответу и
указаны физические
явления и законы
Приведено полное
правильное решение,
включающее правильный
ответ и исчерпывающие
верные рассуждения с
указанием наблюдаемых
явлений и законов
Общее в критериях Новое в критериях оценивания знаний
оценивания знаний
С2-С6
Приведено полное
правильное
решение,
включающее ответ,
рассуждения,
приводящие к
правильному
ответу, и указаны
физические
явления и законы
С2-С6
Приведено полное правильное решение,
включающее следующие элементы:
1. Записаны физические законы и
закономерности, применение которых
необходимы для решения задачи
выбранным способом.
2. Описаны все вводимые в решение
буквенные обозначения физических
величин, за исключением констант,
указанных в варианте КИМ и
обозначений используемых в условии
задачи
Общее в
критериях
оценивания
знаний
Новое в критериях оценивания знаний
3. Приведены необходимые
математические преобразования
(допускается вербальное указание на их
проведение) и расчеты, приводящие к
правильному числовому ответу.
(Допускается решение «по частям» с
промежуточными вычислениями)
4.Представлен правильный ответ и
указаны единицы измерения искомой
величины
Выпускник нарисовал рисунок, на котором указал
силы, действующие на тело. Считать ли это
описанием буквенных обозначений? Аналогично в
других задачах: на рисунке можно обозначить
расстояния, заряды, скорости. Считать ли это
описанием обозначений?
Невербальное указание на вводимые величины
допустимо!
Выпускник записал закон в общепринятых
обозначениях, например уравнение
2
m

фотоэффекта:
h  Aвых  . ;
2
Авых  h min
Должен ли он расшифровывать, что означают
буквы в этом законе (  min или Авых)?
Если разночтений возникнуть не может, допустимо
не пояснять используемые величины.
Можно ли считать положениями теории и законами,
например, формулу для расчета дальности полета тела,
брошенного под углом α:
L
2
g
sin 2 ?
Там, где формула очевидно следует из закона,
можно считать ее положением теории или законом.
С1. После толчка льдинка закатилась в ямку с гладкими
стенками, в которой она может двигаться практически без
трения. На рисунке приведен график зависимости энергии
взаимодействия льдинки с Землей от её координаты в яме.
В некоторый момент времени льдинка находилась в точке А
с координатой х = 50 см и двигалась влево, имея
кинетическую энергию, равную 2 Дж. Сможет ли льдинка
выскользнуть из ямы? Ответ поясните, указав, какие
физические закономерности вы использовали для
объяснения.
Возможный вариант ответа
Льдинка сможет выскользнуть из ямы через её правый край, т.к.
1. Трения при движении льдинки нет, следовательно её полная
механическая энергия сохраняется. Эта энергия равна 4 Дж ( Еп
= 2Дж из графика, Ек = 2 Дж по условию задачи. Е = Еп + Ек)
2. Запас кинетической энергии льдинки в т. А позволяет ей
подняться до уровня, где её потенциальная энергия составит 4
Дж
3. Левый край ямы поднят до большей высоты, следовательно
этого края льдинка не достигнет и заскользит вправо.
4. Высота правого края такова, что наверху этого края
потенциальная энергия меньше 4 Дж, поэтому льдинка
выскользнет из ямы через правый край.
С1. В цилиндрическом сосуде под поршнем длительное
Возможный
вариант
ответа
время находятся вода
и её пар.
Поршень
медленно
начинают
вдвигать
в сосуд. При
этом
температура
воды
1.Вода
и водяной
пар длительное
время
находятся
в закрытом
исосуде,
пара остается
неизменной.
Как будет
при этом
поэтому водяной
пар является
насыщенным.
меняться масса жидкости в сосуде, плотность и
2. При
медленном
поршня происходит изотермическое
давление
пара?движении
Ответ поясните.
сжатие при котором равновесие начнет нарушаться. Плотность
пара в первый момент немного увеличится, и из газа в жидкость
начнет переходить большее число молекул, чем из жидкости в
газ. А это значит масса жидкости в сосуде не на много, но
увеличится
3. Процесс продолжается до тех пор, пока вновь не установится
динамическое равновесие, т.е плотность пара, а значит, и
концентрация его молекул не примут своих прежних значений.
4. Т.к. давление пропорционально концентрации молекул (р = nkT),
следовательно оно не изменится.
Образец возможного решения
С1. Летом в ясную погоду над полями и лесами к середине дня
1.Когда
лучи Солнца
нагревают
землю икоторых
воздух около
часто
образуются
кучевые
облака,влажную
нижняя кромка
неё, из земли
и растенийвысоте.
активноОбъясните,
испаряетсяопираясь
вода. Более
находится
на одинаковой
на легкий,
нагретый вам
за счет
теплопроводности
воздух
с парами процессы,
воды из-за
известные
законы
и закономерности,
физические
действия
силы Архимеда,
которые
приводят
к этому. поднимается вверх, образуя
восходящие потоки.
2, В процессе подъема давление воздуха падает, а теплообмена с
окружающими телами практически нет. Поэтому процесс
изменения состояния влажного воздуха близок к адиабатному, и
его температура падает, а относительная влажность растет.
3. На определенной высоте в момент достижения «точки росы»,
пары воды становятся насыщенными и конденсируются в капли –
образуется туман, т.е. облака. Туман с восходящими потоками
воздуха продолжает подниматься и охлаждаться, так, что мы
наблюдаем образование кучевых облаков с четкой нижней
кромкой
С1. На VT-диаграмме показано как изменялись объем и V
температура некоторого постоянного количества
разреженного газа при его переходе из начального
состояния 1 в состояние 4. Как изменялось давление газа
р на каждом из трех участков 1-2, 2-3, 3-4:
увеличивалось, уменьшалось или же оставалось
неизменным? Ответ поясните, указав какие физические
явления и закономерности вы использовали для
объяснения.
Возможное решение
1
2
3
4
1) На участке 1-2 процесс изотермический. По закону Бойля-Мариотта (pV =
const) при уменьшении объема давление увеличивается.
2) На участке 2-3 процесс изобарный, значит давление остается неизменным.
3) На участке 3-4 процесс изохорный. По закону Шарля (Р/Т =const) при
увеличении температуры давление увеличивается.
4) Давление на участке 1-2 увеличивалось, на участке 2-3 не изменялось, на
участке 3-4 увеличивалось.
Т
С2. Однородный цилиндр с площадью
поперечного сечения 10-2 м2 плавает на
границе несмешивающихся жидкостей с
плотностью 800 кг/м3 и 1000 кг/м3(см.рис.).
Пренебрегая сопротивлением жидкостей
определите массу цилиндра, если период его
малых вертикальных колебаний π/5 секунд.
ρ1
ρ2
Возможное решение
При выведении цилиндра из положения равновесия вверх или вниз на
величину х возникает возвращающая сила Fx = - (ρ2-ρ1) gSx, где ρ1 и ρ2
плотности жидкостей, S площадь сечения цилиндра.
Согласно II закону Ньютона Fx = ma = mx”. Следовательно
(  2  1 ) gS
х"
 0 Уравнение
mx” = - (ρ2-ρ1) gSx или
m
гармонических колебаний может быть представлено в виде х” +ω2x = 0,
следовательно период Т =2π/ω малых колебаний
m
T 2 (  2  1 ) gS
T  2
m
 0,2кг
2
(  2  1 ) gS
4